【ノート】phpを使用してインターフェースファイルを作成し、データを呼び出す

2022年2月22日#笔记 #数据库 #php37

AI 翻訳

この記事はAIを通じて中国語から日本語に翻訳されました。原文を表示

AI が生成した要約

PHPを使用してデータをJSON形式で呼び出すためのインターフェースファイルの作成方法について説明しています。データベースに接続し、SQLクエリを実行して結果を取得し、JSON形式に変換して出力します。結果がない場合はエラーメッセージを表示します。また、データを特定の条件（作成日での降順）でソートする方法も示されています。

php を使用してインターフェースを作成し、データを json ファイル形式で呼び出す方法。

<?php

header('Content-Type:application/json; charset=utf-8');
header("Access-Control-Allow-Origin:*");


$servername = "localhost";
$username = "データベースアカウント";
$password = "データベースパスワード";
$dbname = "データベース名";

// 接続を作成
$conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);
 
// 接続を確認
if ($conn->connect_error) {
    die("接続失敗: " . $conn->connect_error);
}


$sql = "select slug,title,created,text from typecho_contents";
$result = $conn->query($sql);


if ($result->num_rows > 0) {
    // データを出力
    while($row = $result->fetch_assoc()) {
        
    $data[]=$row;
    
    }
    
    $json = json_encode($data,JSON_UNESCAPED_UNICODE|JSON_PRETTY_PRINT);//データをJSONデータに変換.
    
    exit($json) ;

} else {
    echo "結果が見つかりませんでした！";
}

$conn->close();
?>

特定の条件でソートするために、32 行目の sql 文を以下のように変更します。createdに基づいてソートすることを意味します。

$sql = "select slug,title,created,text from typecho_contents order by created desc";